有“蛮声海外”这个词吗？

一、有“蛮声海外”这个词吗？

有，一般是来用来形容一种地区性很具体色的艺术品，土特产被国外的众多人称赞叫好。也用来形容人扬名海外。

例句：1功夫诗 悉尼告捷 蛮声海外。

2 她们是三位以优美的重唱蛮声国内的歌手

3期间，增塩女士更是对蛮声海外的CPB明星产品之一，CPB无瑕遮瑕膏的产品特征、性能等作了重点阐释，并解答媒体疑问。

4麻花为手工制作，实际重要比标注要稍重些许 名满津门、蛮声海外的桂发祥十八街麻花选料精良，制作独特，技术先进，是关注健康的美味食品，作为天津代表性特产和中华民族经典食品已经真正走向了世界，吸引着世界的目光

5你蛮声海外，妇孺皆知，你走进图画中走进文字里，浓缩成盆景，升华成一种象征、一种精神、一种艺术、大山的一个骄傲、国家的一个自豪。

此外，还有献声海外，驰声海外

扉声海外

二、酷派手机升级助手怎么用啊？

百度到的 哈哈1、安装 YGDP_Setup_V2.13_130522_02_Customer.exe，按照提示点击下一步完成即可，Windows7及64位系统如遇兼容性问题可以Windows XP SP3兼容模式运行。2、运行官方客服刷机工具，输入密码95273、关闭手机，按住音量上键，此时使用数据线连接手机与电脑，直至手机上出现“通讯中”界面4、点击“配置”，设置下载文件，选择需要下载的手机型号；选择CPB文件路径为你下载的“9070_RECOVERY.CPB”，点击“应用”。PS:切记不要将9070_RECOVERY.CPB文件放在中文目录，尽量放在英文文件夹名字没有空格的目录或者磁盘根目录5、升级工具显示端口连接成功后，点击“开始”按钮6、刷入CPB文件过程中，可观察到进度条和运行日志7、待进度完成后，刷入成功，拔掉数据线。同时按住音量+、音量-、开机键即可进入Recovery。

三、费马点的论文

费马点发现者 费马 费马(Fermat，Pierre de Fermat) (1601～1665）法国数学家，被誉为“业余数学家之王。”费马（也译为“费尔马”）1601年8月17日出生于法国南部图卢兹附近的博蒙·德·洛马涅。他的父亲多米尼克·费马在当地开了一家大皮革商店，拥有相当丰厚的产业，使得费马从小生活在富裕舒适的环境中。 图卢兹 费马点定义 在一个三角形中，到3个顶点距离之和最小的点叫做这个三角形的费马点。 (1)若三角形ABC的3个内角均小于120°，那么3条距离连线正好平分费马点所在的周角。所以三角形的费马点也称为三角形的等角中心。 (2)若三角形有一内角不小于120度，则此钝角的顶点就是距离和最小的点。 编辑本段费马点的判定 （1）对于任意三角形△ABC，若三角形内或三角形上某一点E,若EA+EB+EC有最小值,则E为费马点。 费马点的计算 （2）如果三角形有一个内角大于或等于120°，这个内角的顶点就是费马点；如果3个内角均小于120°，则在三角形内部对3边张角均为120°的点，是三角形的费马点。 编辑本段证明 我们要如何证明费马点呢： 费马点证明图形 (1)费马点对边的张角为120度。 △CC1B和△AA1B中,BC=BA1,BA=BC1,∠CBC1=∠B+60度=∠ABA1, △CC1B和△AA1B是全等三角形,得到∠PCB=∠PA1B 同理可得∠CBP=∠CA1P 由∠PA1B+∠CA1P=60度，得∠PCB+∠CBP=60度,所以∠CPB=120度 同理,∠APB=120度，∠APC=120度 (2)PA+PB+PC=AA1 将△BPC以点B为旋转中心旋转60度与△BDA1重合，连结PD，则△PDB为等边三角形，所以∠BPD=60度 又∠BPA=120度，因此A、P、D三点在同一直线上， 又∠CPB=∠A1DB=120度，∠PDB=60度，∠PDA1=180度，所以A、P、D、A1四点在同一直线上，故PA+PB+PC=AA1。 (3)PA+PB+PC最短 在△ABC内任意取一点M（不与点P重合），连结AM、BM、CM，将△BMC以点B为旋转中心旋转60度与△BGA1重合，连结AM、GM、A1G(同上)，则AA1

四、如图，长方形ABCD是一块釉面砖，居室装修时需要在此砖上截取一块呈梯形

在CD的四分之三处为点P。则APC为120度。

五、数学中考压轴题

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先v道八上的

某港口位于东西方向的海岸线上，A、B两军舰同时离开港口，各自沿-固定方向航行，A舰每小时航行16海里，B舰每小时航行12海里，它们离开港口一个半小时后，相距30海里，已知A舰沿东北方向航行，问B舰沿哪个方向航行？

考点：方向角；勾股定理的应用．

分析：根据题意可知△AOB为直角三角形，根据∠AOC=∠AON=45°∠AOB=90°，可得∠BON=∠BOD=45°，即可解答．解答：解：由题意得：OA=1.5×16=24，

OB=1.5×12=18，

∵242+182=302，

∴OA2+OB2=AB2，即△AOB为Rt△，

又∵∠AOC=∠AON=45°，∠AOB=90°，

∴∠BON=∠BOD=45°．

答：B舰沿西北方向航行．点评：解答此类题需要根据图形，再结合各角的关系求解．

这题是八下的

在Rt△ABC中，AD为斜边BC上的高，P是AB上的点，过A点作PC的垂线交过B所作AB的垂线于Q点．求证：PD丄QD．

考点：四点共圆；三角形内角和定理．

专题：证明题．分析：设AQ交CP于E点，连ED，EB，PQ，由AD为斜边BC上的高，AE⊥CP，易得Rt△ACD∽Rt△BCA，Rt△ACE∽Rt△PCA，得到AC2=CD•CB，AC2=CE•CP，则CD•CB=CE•CP，得到△CDE∽△CPB，有∠CED=∠CBP，得到B，D，E，P四点共圆，则有∠1=∠5+∠6，∠5=∠4；又B，Q，E，P四点共圆，得∠1=∠2+∠3，∠2=∠4，所以有∠3=∠6，得到D，Q，B，P四点共圆，即可得到∠PDQ=90°．

解答：证明：如图，设AQ交CP于E点，连ED，EB，PQ，

∵AD为斜边BC上的高，AE⊥CP，

∴Rt△ACD∽Rt△BCA，Rt△ACE∽Rt△PCA，

∴AC2=CD•CB，AC2=CE•CP，

∴CD•CB=CE•CP，

∴△CDE∽△CPB，

∴∠CED=∠CBP，

∴B，D，E，P四点共圆，

∴∠1=∠5+∠6，∠5=∠4，

又∵BQ⊥AB，

∴∠QEP=∠PBQ=90°，

∴B，Q，E，P四点共圆，

∴∠1=∠2+∠3，∠2=∠4，

∴∠3=∠6，

∴D，Q，B，P四点共圆，

而∠PBQ=90°，

∴∠PDQ=90°，

即PD⊥DQ．点评：本题考查了四点共圆的判定与性质．也考查了三角形相似的判定与性质．

（这题还有一张图 可惜插不上来了 只能一张

考点 题型 分析 都有 非常清楚

我初中时候就用这网站 专项训练+搜题 很有用

然后其实这几年好像都是用动点+二次函数当压轴啊 要不就是3或4道证明小题集合大题（集合题有的看起来真的会觉得复杂 毕竟又有图形（圆出现的几率应该是最高的 还要来个二函 出题人特别刁钻还会再加个动点 但是 无论是哪道数学题 都是有原理可以去解开的 只要把握住这一点 稳扎稳打把握基础 知识要点等 那很大程度上是都可以做出来的 希望lz中考考出好成绩